Получить текущее имя файла скрипта

Question

Если у меня есть скрипт PHP, как я могу получить имя файла внутри этого скрипта?

Также дано название скрипта вида jquery.js.phpКак я могу извлечь только часть "jquery.js"?

Answer 1

Просто используйте магическую константу PHP __FILE__ чтобы получить текущее имя файла.

Но кажется, что вы хотите часть без .php, Так...

basename(__FILE__, '.php'); 

Более универсальное средство для удаления расширений файлов будет выглядеть следующим образом...

function chopExtension($filename) {
    return pathinfo($filename, PATHINFO_FILENAME);
}

var_dump(chopExtension('bob.php')); // string(3) "bob"
var_dump(chopExtension('bob.i.have.dots.zip')); // string(15) "bob.i.have.dots"

Как и следовало ожидать, использование стандартных функций библиотеки строк выполняется намного быстрее.

function chopExtension($filename) {
    return substr($filename, 0, strrpos($filename, '.'));
}

Answer 2

Когда вы хотите, чтобы ваше включение знало, в каком файле оно находится (то есть, какое имя сценария было запрошено), используйте:

basename($_SERVER["SCRIPT_FILENAME"], '.php')

Потому что, когда вы пишете в файл, вы обычно знаете его имя.

Редактировать: Как отметил Алек Тил, если вы используете символические ссылки, вместо этого будет отображаться имя символической ссылки.

Answer 3

Смотрите http://php.net/manual/en/function.pathinfo.php

pathinfo(__FILE__, PATHINFO_FILENAME);

Answer 4

Вот разница между basename(__FILE__, ".php") а также basename($_SERVER['REQUEST_URI'], ".php"),

basename(__FILE__, ".php") показывает имя файла, в который включен этот код - это означает, что если вы включите этот код в header.php и текущая страница будет index.php, он вернет заголовок, а не индекс.

basename($_SERVER["REQUEST_URI"], ".php") - Если вы используете этот код в header.php, а текущая страница - index.php, он вернет индекс, а не заголовок.

Answer 5

Это может помочь:

basename($_SERVER['PHP_SELF'])

это будет работать, даже если вы используете include.

Answer 6

Вот список того, что я недавно нашел в поиске ответа:

//self name with file extension
echo basename(__FILE__) . '<br>';
//self name without file extension
echo basename(__FILE__, '.php') . '<br>';
//self full url with file extension
echo __FILE__ . '<br>';

//parent file parent folder name
echo basename($_SERVER["REQUEST_URI"]) . '<br>';
//parent file parent folder name with //s
echo $_SERVER["REQUEST_URI"] . '<br>';

// parent file name without file extension
echo basename($_SERVER['PHP_SELF'], ".php") . '<br>';
// parent file name with file extension
echo basename($_SERVER['PHP_SELF']) . '<br>';
// parent file relative url with file etension
echo $_SERVER['PHP_SELF'] . '<br>';

// parent file name without file extension
echo basename($_SERVER["SCRIPT_FILENAME"], '.php') . '<br>';
// parent file name with file extension
echo basename($_SERVER["SCRIPT_FILENAME"]) . '<br>';
// parent file full url with file extension
echo $_SERVER["SCRIPT_FILENAME"] . '<br>';

//self name without file extension
echo pathinfo(__FILE__, PATHINFO_FILENAME) . '<br>';
//self file extension
echo pathinfo(__FILE__, PATHINFO_EXTENSION) . '<br>';

// parent file name with file extension
echo basename($_SERVER['SCRIPT_NAME']);

Не забудьте удалить:)

<br>

Answer 7

Ответ alex верен, но вы также можете сделать это без регулярных выражений, например:

str_replace(".php", "", basename($_SERVER["SCRIPT_NAME"]));

Answer 8

Вы также можете использовать это:

echo $pageName = basename($_SERVER['SCRIPT_NAME']);

Answer 9

Более общим способом было бы использование pathinfo (). Начиная с версии 5.2 он поддерживает PATHINFO_FILENAME,

Так

pathinfo(__FILE__,PATHINFO_FILENAME)

также сделаю то, что вам нужно.

Answer 10

$ ARGV [0]

Я нашел это намного проще в использовании $argv[0], Имя исполняемого скрипта всегда является первым элементом в $argv массив. В отличие от всех других методов, предложенных в других ответах, этот метод не требует использования basename() удалить дерево каталогов. Например:

• echo __FILE__; возвращает что-то вроде /my/directory/path/my_script.php

• echo $argv[0]; возвращается my_script.php

Answer 11

Пример:

Включенный файл: config.php

      <?php
  $file_name_one = basename($_SERVER['SCRIPT_FILENAME'], '.php');
  $file_name_two = basename(__FILE__, '.php');
?>

исполняемый файл: index.php

      <?php
  require('config.php');
  print $file_name_one."<br>\n"; // Result: index
  print $file_name_two."<br>\n"; // Result: config
?>

Answer 12

Попробуй это

$current_file_name = $_SERVER['PHP_SELF'];
echo $current_file_name;

Answer 13

Хотя __FILE__ а также $_SERVER являются лучшими подходами, но в некоторых случаях это может быть альтернативой:

      get_included_files();

Он содержит путь к файлу, из которого вы его вызываете, и все другие включения.

Answer 14

Это работает для меня, даже когда запускается внутри включенного PHP-файла, и вы хотите, чтобы имя текущего файла php работало:

$currentPage= $_SERVER["SCRIPT_NAME"];
$currentPage = substr($currentPage, 1);
echo $currentPage;

Результат:

index.php

Answer 15

Попробуй это

         $file = basename($_SERVER['PATH_INFO']);//Filename requested

Answer 16

__FILE__ использовать примеры на основе результатов сервера localhost:

echo __FILE__;
// C:\LocalServer\www\templates\page.php

echo strrchr( __FILE__ , '\\' );
// \page.php

echo substr( strrchr( __FILE__ , '\\' ), 1);
// page.php

echo basename(__FILE__, '.php');
// page

Answer 17

Как говорили некоторые basename($_SERVER["SCRIPT_FILENAME"], '.php') а также basename( __FILE__, '.php') Хорошие способы проверить это.

Для меня использование второго было решением для некоторых инструкций проверки, которые я делал

Answer 18

$filename = "jquery.js.php";
$ext = pathinfo($filename, PATHINFO_EXTENSION);//will output: php
$file_basename = pathinfo($filename, PATHINFO_FILENAME);//will output: jquery.js